2011年全国统一高考数学试卷(文科)(大纲版)(含解析版)

一、选择题（共12小题，每小题5分，满分60分）

1．（5分）设集合U={1，2，3，4}，M={1，2，3}，N={2，3，4}，则∁U（M∩N）=（A．{1，2}2．（5分）函数y=A．y=

）

B．{2，3}

C．{2，4}

）

D．{1，4}

（x≥0）的反函数为（

（x∈R）B．y=（x≥0）C．y=4x2（x∈R）D．y=4x2（x≥0）

）

3．（5分）设向量、满足||=||=1，•=﹣，|+2|=（A．.

B．

C．、

D．.

4．（5分）若变量x、y满足约束条件，则z=2x+3y的最小值为（）

A．17B．14C．5D．3

）

5．（5分）下面四个条件中，使a＞b成立的充分而不必要的条件是（A．a＞b+1

B．a＞b﹣1

C．a2＞b2

D．a3＞b3

6．（5分）设Sn为等差数列{an}的前n项和，若a1=1，公差d=2，Sk+2﹣Sk=24，则k=（A．8

）

B．7

C．6

D．5

个单位

7．（5分）设函数f（x）=cosωx（ω＞0），将y=f（x）的图象向右平移长度后，所得的图象与原图象重合，则ω的最小值等于（A．

B．3

C．6

）D．9

8．（5分）已知直二面角α﹣l﹣β，点A∈α，AC⊥l，C为垂足，点B∈β，BD⊥l，D为垂足，若AB=2，AC=BD=1，则CD=（A．2

B．

C．

）

D．1

9．（5分）4位同学每人从甲、乙、丙3门课程中选修1门，则恰有2人选修课程甲的不同选法共有（A．12种

）

C．30种

D．36种

B．24种

10．（5分）设f（x）是周期为2的奇函数，当0≤x≤1时，f（x）=2x（1﹣x），

第1页（共22页）

则A．﹣

=（）B．﹣

C．

D．

11．（5分）设两圆C1、C2都和两坐标轴相切，且都过点（4，1），则两圆心的距离|C1C2|=（A．4

）B．

C．8

D．

12．（5分）已知平面α截一球面得圆M，过圆心M且与α成60°二面角的平面β截该球面得圆N，若该球的半径为4，圆M的面积为4π，则圆N的面积为（A．7π

B．9π

C．11π

D．13π

）

二、填空题（共4小题，每小题5分，满分20分）

13．（5分）（1﹣x）10的二项展开式中，x的系数与x9的系数之差为：14．（5分）已知a∈（π，

），tanα=2，则cosα=

．．

15．（5分）已知正方体ABCD﹣A1B1C1D1中，E为C1D1的中点，则异面直线AE与BC所成的角的余弦值为

．

的左、右焦点，点A∈C，点

．16．（5分）已知F1、F2分别为双曲线C：

M的坐标为（2，0），AM为∠F1AF2的平分线，则|AF2|=

三、解答题（共6小题，满分70分）

17．（10分）设等比数列{an}的前n项和为Sn，已知a2=6，6a1+a3=30，求an和Sn．

第2页（共22页）

18．（12分）△ABC的内角A、B、C的对边分别为a、b、c．已知asinA+csinC﹣

asinC=bsinB，（Ⅰ）求B；

（Ⅱ）若A=75°，b=2，求a，c．

19．（12分）根据以往统计资料，某地车主购买甲种保险的概率为0.5，购买乙种保险但不购买甲种保险的概率为0.3，设各车主购买保险相互独立．（Ⅰ）求该地1位车主至少购买甲、乙两种保险中的1种的概率；（Ⅱ）求该地的3位车主中恰有1位车主甲、乙两种保险都不购买的概率．

20．（12分）如图，四棱锥S﹣ABCD中，AB∥CD，BC⊥CD，侧面SAB为等边三角形，AB=BC=2，CD=SD=1．（Ⅰ）证明：SD⊥平面SAB；

（Ⅱ）求AB与平面SBC所成的角的大小．

第3页（共22页）

21．（12分）已知函数f（x）=x3+3ax2+（3﹣6a）x+12a﹣4（a∈R）（Ⅰ）证明：曲线y=f（x）在x=0处的切线过点（2，2）；

（Ⅱ）若f（x）在x=x0处取得极小值，x0∈（1，3），求a的取值范围．

22．（12分）已知O为坐标原点，F为椭圆C：过F且斜率为﹣

在y轴正半轴上的焦点，

．

的直线l与C交于A、B两点，点P满足

（Ⅰ）证明：点P在C上；

（Ⅱ）设点P关于点O的对称点为Q，证明：A、P、B、Q四点在同一圆上．

第4页（共22页）

（大纲版）2011年全国统一高考数学试卷（文科）

参考答案与试题解析

一、选择题（共12小题，每小题5分，满分60分）

1．（5分）设集合U={1，2，3，4}，M={1，2，3}，N={2，3，4}，则∁U（M∩N）=（A．{1，2}

）

B．{2，3}

C．{2，4}

D．{1，4}

【考点】1H：交、并、补集的混合运算．【专题】11：计算题．

【分析】先根据交集的定义求出M∩N，再依据补集的定义求出∁U（M∩N）．【解答】解：∵M={1，2，3}，N={2，3，4}，∴M∩N={2，3}，则∁U（M∩N）={1，4}，故选：D．

【点评】本题考查两个集合的交集、补集的定义，以及求两个集合的交集、补集的方法．

2．（5分）函数y=A．y=

（x≥0）的反函数为（）

（x∈R）B．y=（x≥0）C．y=4x2（x∈R）D．y=4x2（x≥0）

【考点】4R：反函数．【专题】11：计算题．

【分析】由原函数的解析式解出自变量x的解析式，再把x和y交换位置，注明反函数的定义域（即原函数的值域）．【解答】解：∵y=∴x=

，y≥0，

第5页（共22页）

（x≥0），

故反函数为y=故选：B．

（x≥0）．

【点评】本题考查函数与反函数的定义，求反函数的方法和步骤，注意反函数的定义域是原函数的值域．

3．（5分）设向量、满足||=||=1，•=﹣，|+2|=（A．.

B．

C．、

D．.

）

【考点】91：向量的概念与向量的模；9O：平面向量数量积的性质及其运算．【专题】11：计算题．【分析】由|+2|=

=

，代入已知可求

【解答】解：∵||=||=1，•=﹣，|+2|=故选：B．

【点评】本题主要考查了向量的数量积

性质的基本应用，属于基础试题

=

=

4．（5分）若变量x、y满足约束条件，则z=2x+3y的最小值为（）

A．17B．14C．5D．3

【考点】7C：简单线性规划．【专题】31：数形结合．

【分析】我们先画出满足约束条件的平面区域，然后求出平面区域内

各个顶点的坐标，再将各个顶点的坐标代入目标函数，比较后即可得到目标函数的最值．

第6页（共22页）

【解答】解：约束条件的平面区域如图所示：

由图可知，当x=1，y=1时，目标函数z=2x+3y有最小值为5故选：C．

【点评】本题考查的知识点是线性规划，其中画出满足约束条件的平面区域是解答本题的关键．

5．（5分）下面四个条件中，使a＞b成立的充分而不必要的条件是（A．a＞b+1

B．a＞b﹣1

C．a2＞b2

D．a3＞b3

）

【考点】29：充分条件、必要条件、充要条件．【专题】5L：简易逻辑．

【分析】利用不等式的性质得到a＞b+1⇒a＞b；反之，通过举反例判断出a＞b推不出a＞b+1；利用条件的定义判断出选项．【解答】解：a＞b+1⇒a＞b；

反之，例如a=2，b=1满足a＞b，但a=b+1即a＞b推不出a＞b+1，故a＞b+1是a＞b成立的充分而不必要的条件．故选：A．

【点评】本题考查不等式的性质、考查通过举反例说明某命题不成立是常用方法．

6．（5分）设Sn为等差数列{an}的前n项和，若a1=1，公差d=2，Sk+2﹣Sk=24，

第7页（共22页）

则k=（A．8

）

B．7

C．6

D．5

【考点】85：等差数列的前n项和．【专题】11：计算题．

【分析】先由等差数列前n项和公式求得Sk+2，Sk，将Sk+2﹣Sk=24转化为关于k的方程求解．【解答】解：根据题意：Sk+2=（k+2）2，Sk=k2∴Sk+2﹣Sk=24转化为：（k+2）2﹣k2=24∴k=5故选：D．

【点评】本题主要考查等差数列的前n项和公式及其应用，同时还考查了方程思想，属中档题．

7．（5分）设函数f（x）=cosωx（ω＞0），将y=f（x）的图象向右平移长度后，所得的图象与原图象重合，则ω的最小值等于（A．

B．3

C．6

）D．9

个单位

【考点】HK：由y=Asin（ωx+φ）的部分图象确定其解析式．【专题】56：三角函数的求值．【分析】函数图象平移

个单位长度后，所得的图象与原图象重合，说明函数

平移整数个周期，容易得到结果．【解答】解：f（x）的周期T=

，函数图象平移

个单位长度后，所得的图象

，k∈Z．令k=1，

与原图象重合，说明函数平移整数个周期，所以可得ω=6．故选：C．

第8页（共22页）

【点评】本题是基础题，考查三角函数的图象的平移，三角函数的周期定义的理解，考查技术能力，常考题型．

8．（5分）已知直二面角α﹣l﹣β，点A∈α，AC⊥l，C为垂足，点B∈β，BD⊥l，D为垂足，若AB=2，AC=BD=1，则CD=（A．2

B．

C．

）

D．1

【考点】MK：点、线、面间的距离计算．【专题】11：计算题．

【分析】根据线面垂直的判定与性质，可得AC⊥CB，△ACB为直角三角形，利用勾股定理可得BC的值；进而在Rt△BCD中，由勾股定理可得CD的值，即可得答案．

【解答】解：根据题意，直二面角α﹣l﹣β，点A∈α，AC⊥l，可得AC⊥面β，则AC⊥CB，△ACB为Rt△，且AB=2，AC=1，由勾股定理可得，BC=在Rt△BCD中，BC=由勾股定理可得，CD=故选：C．

；，BD=1，；

【点评】本题考查两点间距离的计算，计算时，一般要把空间图形转化为平面图形，进而构造直角三角形，在直角三角形中，利用勾股定理计算求解．

9．（5分）4位同学每人从甲、乙、丙3门课程中选修1门，则恰有2人选修课程甲的不同选法共有（

）

第9页（共22页）

A．12种B．24种C．30种D．36种

【考点】D3：计数原理的应用．【专题】11：计算题．

【分析】本题是一个分步计数问题，恰有2人选修课程甲，共有C42种结果，余下的两个人各有两种选法，共有2×2种结果，根据分步计数原理得到结果．【解答】解：由题意知本题是一个分步计数问题，∵恰有2人选修课程甲，共有C42=6种结果，∴余下的两个人各有两种选法，共有2×2=4种结果，根据分步计数原理知共有6×4=24种结果故选：B．

【点评】本题考查分步计数问题，解题时注意本题需要分步来解，观察做完这件事一共有几步，每一步包括几种方法，这样看清楚把结果数相乘得到结果．

10．（5分）设f（x）是周期为2的奇函数，当0≤x≤1时，f（x）=2x（1﹣x），则A．﹣

=（

）B．﹣

C．

D．

【考点】3I：奇函数、偶函数；3Q：函数的周期性．【专题】11：计算题．【分析】由题意得

=f（﹣

）=﹣f（），代入已知条件进行运算．

【解答】解：∵f（x）是周期为2的奇函数，当0≤x≤1时，f（x）=2x（1﹣x），∴

=f（﹣

）=﹣f（）=﹣2×

（1﹣

）=﹣，

故选：A．

【点评】本题考查函数的周期性和奇偶性的应用，以及求函数的值．

11．（5分）设两圆C1、C2都和两坐标轴相切，且都过点（4，1），则两圆心的距离|C1C2|=（

）

第10页（共22页）

A．4B．C．8D．

【考点】J1：圆的标准方程．【专题】5B：直线与圆．

【分析】圆在第一象限内，设圆心的坐标为（a，a），（b，b），利用条件可得a和b分别为x2﹣10x+17=0的两个实数根，再利用韦达定理求得两圆心的距离|C1C2|=

•

的值．

【解答】解：∵两圆C1、C2都和两坐标轴相切，且都过点（4，1），故圆在第一象限内，

设两个圆的圆心的坐标分别为（a，a），（b，b），由于两圆都过点（4，1），则有

=|a|，|

=|b|，

故a和b分别为（x﹣4）2+（x﹣1）2=x2的两个实数根，即a和b分别为x2﹣10x+17=0

的两个实数根，∴a+b=10，ab=17，

•

=8，

∴（a﹣b）2=（a+b）2﹣4ab=32，∴两圆心的距离|C1C2|=故选：C．

【点评】本题考查直线和圆相切的性质，两点间的距离公式、韦达定理的应用，属于基础题．

12．（5分）已知平面α截一球面得圆M，过圆心M且与α成60°二面角的平面β截该球面得圆N，若该球的半径为4，圆M的面积为4π，则圆N的面积为（A．7π

B．9π

C．11π

D．13π

）

【考点】MJ：二面角的平面角及求法．【专题】11：计算题；16：压轴题．

【分析】先求出圆M的半径，然后根据勾股定理求出求出OM的长，找出二面角的平面角，从而求出ON的长，最后利用垂径定理即可求出圆N的半径，从而求出面积．

【解答】解：∵圆M的面积为4π

第11页（共22页）

∴圆M的半径为2根据勾股定理可知OM=

∵过圆心M且与α成60°二面角的平面β截该球面得圆N∴∠OMN=30°，在直角三角形OMN中，ON=∴圆N的半径为则圆的面积为13π故选：D．

【点评】本题主要考查了二面角的平面角，以及解三角形知识，同时考查空间想象能力，分析问题解决问题的能力，属于基础题．

二、填空题（共4小题，每小题5分，满分20分）

13．（5分）（1﹣x）10的二项展开式中，x的系数与x9的系数之差为：

0

．

【考点】DA：二项式定理．【专题】11：计算题．

【分析】利用二项展开式的通项公式求出展开式的通项，令x的指数分别取1；9求出展开式的x的系数与x9的系数；求出两个系数的差．【解答】解：展开式的通项为Tr+1=（﹣1）rC10rxr所以展开式的x的系数﹣10x9的系数﹣10

x的系数与x9的系数之差为（﹣10）﹣（﹣10）=0故答案为：0

【点评】本题考查利用二项展开式的通项公式解决二项展开式的特定项问题．

14．（5分）已知a∈（π，），tanα=2，则cosα=﹣．

第12页（共22页）

【考点】GG：同角三角函数间的基本关系．【专题】11：计算题．

【分析】先利用α的范围确定cosα的范围，进而利用同脚三角函数的基本关系，求得cosα的值．【解答】解：∵a∈（π，∴cosα＜0∴cosα=﹣故答案为：﹣

【点评】本题主要考查了同角三角函数基本关系的应用．解题的关键是利用那个角的范围确定三角函数符号．

=﹣

），

15．（5分）已知正方体ABCD﹣A1B1C1D1中，E为C1D1的中点，则异面直线AE与BC所成的角的余弦值为

．

【考点】LM：异面直线及其所成的角．

【专题】11：计算题；16：压轴题；31：数形结合；35：转化思想．

【分析】根据题意知AD∥BC，∴∠DAE就是异面直线AE与BC所成角，解三角形即可求得结果．

【解答】解：连接DE，设AD=2易知AD∥BC，

∴∠DAE就是异面直线AE与BC所成角，在△RtADE中，由于DE=∴cos∠DAE=故答案为：．

=，

，AD=2，可得AE=3

第13页（共22页）

【点评】此题是个基础题．考查异面直线所成角问题，求解方法一般是平移法，转化为平面角问题来解决，体现了数形结合和转化的思想．

16．（5分）已知F1、F2分别为双曲线C：的左、右焦点，点A∈C，点

6．

M的坐标为（2，0），AM为∠F1AF2的平分线，则|AF2|=

【考点】KC：双曲线的性质．【专题】16：压轴题．

【分析】利用双曲线的方程求出双曲线的参数值；利用内角平分线定理得到两条焦半径的关系，再利用双曲线的定义得到两条焦半径的另一条关系，联立求出焦半径．【解答】解：

不妨设A在双曲线的右支上∵AM为∠F1AF2的平分线∴

=

又∵|AF1|﹣|AF2|=2a=6解得|AF2|=6故答案为6

【点评】本题考查内角平分线定理；考查双曲线的定义：解有关焦半径问题常用双曲线的定义．

三、解答题（共6小题，满分70分）

17．（10分）设等比数列{an}的前n项和为Sn，已知a2=6，6a1+a3=30，求an和

第14页（共22页）

Sn．

【考点】88：等比数列的通项公式；89：等比数列的前n项和．【专题】54：等差数列与等比数列．

【分析】设出等比数列的公比为q，然后根据等比数列的通项公式化简已知得两等式，得到关于首项与公比的二元一次方程组，求出方程组的解即可得到首项和公比的值，根据首项和公比写出相应的通项公式及前n项和的公式即可．【解答】解：设{an}的公比为q，由题意得：

，

解得：或，

﹣

当a1=3，q=2时：an=3×2n1，Sn=3×（2n﹣1）；当a1=2，q=3时：an=2×3n1，Sn=3n﹣1．

【点评】此题考查学生灵活运用等比数列的通项公式及前n项和的公式化简求值，是一道基础题．

﹣

18．（12分）△ABC的内角A、B、C的对边分别为a、b、c．已知asinA+csinC﹣

asinC=bsinB，（Ⅰ）求B；

（Ⅱ）若A=75°，b=2，求a，c．

【考点】HU：解三角形．【专题】11：计算题．

【分析】（Ⅰ）利用正弦定理把题设等式中的角的正弦转换成边的关系，代入余弦定理中求得cosB的值，进而求得B．

（Ⅱ）利用两角和公式先求得sinA的值，进而利用正弦定理分别求得a和c．【解答】解：（Ⅰ）由正弦定理得a2+c2﹣由余弦定理可得b2=a2+c2﹣2accosB，

第15页（共22页）

ac=b2，

故cosB=，B=45°

（Ⅱ）sinA=sin（30°+45°）=sin30°cos45°+cos30°sin45°=故a=b×

=

=1+

∴c=b×=2×=

【点评】本题主要考查了解三角形问题．考查了对正弦定理和余弦定理的灵活运用．

19．（12分）根据以往统计资料，某地车主购买甲种保险的概率为0.5，购买乙种保险但不购买甲种保险的概率为0.3，设各车主购买保险相互独立．（Ⅰ）求该地1位车主至少购买甲、乙两种保险中的1种的概率；

（Ⅱ）求该地的3位车主中恰有1位车主甲、乙两种保险都不购买的概率．

【考点】C5：互斥事件的概率加法公式；CN：二项分布与n次独立重复试验的模型．

【专题】5I：概率与统计．

【分析】（I）设该车主购买乙种保险的概率为P，由相互独立事件概率公式可得P（1﹣0.5）=0.3，解可得p，先求出该车主甲、乙两种保险都不购买的概率，由对立事件的概率性质计算可得答案．

（II）该地的3位车主中恰有1位车主甲、乙两种保险都不购买，是一个n次独立重复试验恰好发生k次的概率，根据上一问的结果得到该地的一位车主甲、乙两种保险都不购买的概率，代入公式得到结果．【解答】解：（I）设该车主购买乙种保险的概率为p，根据题意可得p×（1﹣0.5）=0.3，解可得p=0.6，

该车主甲、乙两种保险都不购买的概率为（1﹣0.5）（1﹣0.6）=0.2，由对立事件的概率该车主至少购买甲、乙两种保险中的1种的概率1﹣0.2=0.8（II）每位车主甲、乙两种保险都不购买的概率为0.2，则该地的3位车主中恰有1位车主甲、乙两种保险都不购买的概率P=C31×0.2×0.82=0.384．

第16页（共22页）

【点评】本题考查互斥事件的概率公式加法公式，考查n次独立重复试验恰好发生k次的概率，考查对立事件的概率公式，是一个综合题目．

20．（12分）如图，四棱锥S﹣ABCD中，AB∥CD，BC⊥CD，侧面SAB为等边三角形，AB=BC=2，CD=SD=1．（Ⅰ）证明：SD⊥平面SAB；

（Ⅱ）求AB与平面SBC所成的角的大小．

【考点】LW：直线与平面垂直；MI：直线与平面所成的角．【专题】11：计算题；14：证明题．

【分析】（1）利用线面垂直的判定定理，即证明SD垂直于面SAB中两条相交的直线SA，SB；在证明SD与SA，SB的过程中运用勾股定理即可

（Ⅱ）求AB与平面SBC所成的角的大小即利用平面SBC的法向量

，当

余角；当

为锐角时，所求的角即为它的

为钝角时，所求的角为

【解答】（Ⅰ）证明：在直角梯形ABCD中，∵AB∥CD，BC⊥CD，AB=BC=2，CD=1∴AD=

=

∵侧面SAB为等边三角形，AB=2∴SA=2∵SD=1∴AD2=SA2+SD2∴SD⊥SA同理：SD⊥SB

第17页（共22页）

∵SA∩SB=S，SA，SB⊂面SAB∴SD⊥平面SAB

（Ⅱ）建立如图所示的空间坐标系

则A（2，﹣1，0），B（2，1，0），C（0，1，0），

作出S在底面上的投影M，则由四棱锥S﹣ABCD中，AB∥CD，BC⊥CD，侧面SAB为等边三角形知，M点一定在x轴上，又AB=BC=2，CD=SD=1．可解得MD=，从而解得SM=，故可得S（，0，

）

则

设平面SBC的一个法向量为则

，

即

取x=0，y=，z=1

即平面SBC的一个法向量为=（0，

，1）

又

=（0，2，0）cos＜，＞==

=

∴＜

，＞=arccos

即AB与平面SBC所成的角的大小为arcsin

第18页（共22页）

【点评】本题考查了直线与平面垂直的判定，直线与平面所成的角以及空间向量的基本知识，属于中档题．

21．（12分）已知函数f（x）=x3+3ax2+（3﹣6a）x+12a﹣4（a∈R）（Ⅰ）证明：曲线y=f（x）在x=0处的切线过点（2，2）；

（Ⅱ）若f（x）在x=x0处取得极小值，x0∈（1，3），求a的取值范围．

【考点】6E：利用导数研究函数的最值；6H：利用导数研究曲线上某点切线方程．

【专题】11：计算题；16：压轴题．

【分析】（Ⅰ）求出函数f（x）在x=0处的导数和f（0）的值，结合直线方程的点斜式方程，可求切线方程；

（Ⅱ）f（x）在x=x0处取得最小值必是函数的极小值，可以先通过讨论导数的零点存在性，得出函数有极小值的a的大致取值范围，然后通过极小值对应的x0∈（1，3），解关于a的不等式，从而得出取值范围【解答】解：（Ⅰ）f′（x）=3x2+6ax+3﹣6a由f（0）=12a﹣4，f′（0）=3﹣6a，

可得曲线y=f（x）在x=0处的切线方程为y=（3﹣6a）x+12a﹣4，当x=2时，y=2（3﹣6a）+12a﹣4=2，可得点（2，2）在切线上∴曲线y=f（x）在x=0的切线过点（2，2）（Ⅱ）由f′（x）=0得x2+2ax+1﹣2a=0…（1）方程（1）的根的判别式

①当②当

由f′（x）=0得故x0=x2，由题设可知

或

时，函数f（x）没有极小值

时，

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（i）当（ii）当化为a+1＜解得

时，不等式时，不等式＜a+3，

没有实数解；

综合①②，得a的取值范围是

【点评】将字母a看成常数，讨论关于x的三次多项式函数的极值点，是解决本题的难点，本题中处理关于a的无理不等式，计算也比较繁，因此本题对能力的要求比较高．

22．（12分）已知O为坐标原点，F为椭圆C：过F且斜率为﹣

在y轴正半轴上的焦点，

．

的直线l与C交于A、B两点，点P满足

（Ⅰ）证明：点P在C上；

（Ⅱ）设点P关于点O的对称点为Q，证明：A、P、B、Q四点在同一圆上．

【考点】9S：数量积表示两个向量的夹角；KH：直线与圆锥曲线的综合．【专题】15：综合题；16：压轴题；35：转化思想．

【分析】（1）要证明点P在C上，即证明P点的坐标满足椭圆C的方程根据已知中过F且斜率为﹣

，

的直线l与C交于A、B两点，点P满足

，我们求出点P的坐标，代入验证即可．

（2）若A、P、B、Q四点在同一圆上，则我们可以先求出任意三点确定的圆的

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方程，然后将第四点坐标代入验证即可．【解答】证明：（Ⅰ）设A（x1，y1），B（x2，y2）椭圆C：

①，则直线AB的方程为：y=﹣

x﹣1=0，

x+1

②

联立方程可得4x2﹣2则x1+x2=则y1+y2=﹣

，x1×x2=﹣

（x1+x2）+2=1

设P（p1，p2），则有：∴

+

=（x1，y1），

=（x2，y2），

，1）；

=（p1，p2）；=（p1，p2）=﹣（

+

）=（﹣

，

=（x1+x2，y1+y2）=（

﹣1）∴p的坐标为（﹣

，﹣1）代入①方程成立，所以点P在C上．

（Ⅱ）设点P关于点O的对称点为Q，证明：A、P、B、Q四点在同一圆上．设线段AB的中点坐标为（

，

），即（

，），

），即y=

x+；

则过线段AB的中点且垂直于AB的直线方程为：y﹣=（x﹣③

∵P关于点O的对称点为Q，故0（0.0）为线段PQ的中点，则过线段PQ的中点且垂直于PQ的直线方程为：y=﹣③④联立方程组，解之得：x=﹣③④的交点就是圆心O1（﹣r2=|O1P|2=（﹣

﹣（﹣

，y=

x④；

，），））2+（﹣1﹣）2=

）2+（y﹣）2=

…⑤，

故过PQ两点圆的方程为：（x+把y=﹣有x1+x2=

x+1…②代入⑤，，y1+y2=1

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∴A，B也是在圆⑤上的．∴A、P、B、Q四点在同一圆上．

【点评】本题考查的知识点是直线与圆锥曲线的关系，向量在几何中的应用，其中判断点与曲线关系时，所使用的坐标代入验证法是解答本题的关键．

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