2012年全国统一高考数学试卷(理科)(大纲版)(含解析版)

}，B={1，m}，A∪B=A，则m的值为

B．0或3 C．1或

D．1或3 3．（5分）椭圆的中心在原点，焦距为4，一条准线为x=﹣4，则该椭圆的方程为（　　） A．

B．

C．

D．

4．（5分）已知正四棱柱ABCD﹣A1B1C1D1中，AB=2，CC1=2点，则直线AC1与平面BED的距离为（　　） A．2 B．

，E为CC1的中

C．

D．1 5．（5分）已知等差数列{an}的前n项和为Sn，a5=5，S5=15，则数列

的前100项和为（　　） A．

B．

C．

D．

6．（5分）△ABC中，AB边的高为CD，若|=2，则A．

=（　　） =，=，•=0，||=1，|

B．

C．

D．

7．（5分）已知α为第二象限角，A．﹣

，则cos2α=（　　） C．

B．﹣

D．

8．（5分）已知F1、F2为双曲线C：x2﹣y2=2的左、右焦点，点P在C上，|PF1|=2|PF2|，则cos∠F1PF2=（　　） A． B． C． 第1页（共25页） D． 9．（5分）已知x=lnπ，y=log52，A．x＜y＜z B．z＜x＜y ，则（　　） C．z＜y＜x D．y＜z＜x 10．（5分）已知函数y=x3﹣3x+c的图象与x轴恰有两个公共点，则c=（　　） A．﹣2或2 B．﹣9或3 C．﹣1或1 D．﹣3或1 11．（5分）将字母a，a，b，b，c，c排成三行两列，要求每行的字母互不相同，每列的字母也互不相同，则不同的排列方法共有（　　） A．12种 B．18种 C．24种 D．36种 12．（5分）正方形ABCD的边长为1，点E在边AB上，点F在边BC上，

，动点P从E出发沿直线向F运动，每当碰到正方形的边时反弹，

反弹时反射角等于入射角，当点P第一次碰到E时，P与正方形的边碰撞的次数为（　　） A．16 　 二、填空题：本大题共4小题，每小题5分，共20分，把答案填在题中横线上．（注意：在试题卷上作答无效） 13．（5分）若x，y满足约束条件14．（5分）当函数y=sinx﹣15．（5分）若开式中

则z=3x﹣y的最小值为　 　． B．14 C．12 D．10 cosx（0≤x＜2π）取得最大值时，x=　 　． 的展开式中第3项与第7项的二项式系数相等，则该展

的系数为　 　． 16．（5分）三棱柱ABC﹣A1B1C1中，底面边长和侧棱长都相等，∠BAA1=∠CAA1=60°，则异面直线AB1与BC1所成角的余弦值为　 　． 　 三.解答题：本大题共6小题，共70分，解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤． 17．（10分）△ABC的内角A、B、C的对边分别为a、b、c，已知cos（A﹣C）+cosB=1，a=2c，求C． 第2页（共25页） 18．（12分）如图，四棱锥P﹣ABCD中，底面ABCD为菱形，PA⊥底面ABCD，

，PA=2，E是PC上的一点，PE=2EC． （Ⅰ）证明：PC⊥平面BED； （Ⅱ）设二面角A﹣PB﹣C为90°，求PD与平面PBC所成角的大小． 19．（12分）乒乓球比赛规则规定：一局比赛，双方比分在10平前，一方连续发球2次后，对方再连续发球2次，依次轮换．每次发球，胜方得1分，负方得0分．设在甲、乙的比赛中，每次发球，发球方得1分的概率为0.6，各次发球的胜负结果相互独立．甲、乙的一局比赛中，甲先发球． （Ⅰ）求开始第4次发球时，甲、乙的比分为1比2的概率； （Ⅱ）ξ表示开始第4次发球时乙的得分，求ξ的期望． 第3页（共25页） 20．（12分）设函数f（x）=ax+cosx，x∈[0，π]． （Ⅰ）讨论f（x）的单调性； （Ⅱ）设f（x）≤1+sinx，求a的取值范围． 21．（12分）已知抛物线C：y=（x+1）2与圆

0）有一个公共点A，且在A处两曲线的切线为同一直线l． （Ⅰ）求r； （Ⅱ）设m，n是异于l且与C及M都相切的两条直线，m，n的交点为D，求D到l的距离． 22．（12分）函数f（x）=x2﹣2x﹣3，定义数列{ xn}如下：x1=2，xn+1是过两点P（4，5），Qn（ xn，f（ xn））的直线PQn与x轴交点的横坐标． （Ⅰ）证明：2≤xn＜xn+1＜3； （Ⅱ）求数列{ xn}的通项公式． 　 （r＞

第4页（共25页） 2012年全国统一高考数学试卷（理科）（大纲版） 参考答案与试题解析 　 一、选择题（共12小题，每小题5分，共60分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．） 1．（5分）复数A．2+i =（　　） B．2﹣i C．1+2i D．1﹣2i 【考点】A5：复数的运算． 【专题】11：计算题． 【分析】把

的分子分母都乘以分母的共轭复数，得

，由此

利用复数的代数形式的乘除运算，能求出结果． 【解答】解：==1+2i． 故选：C． 【点评】本题考查复数的代数形式的乘除运算，是基础题．解题时要认真审题，仔细解答． 　 2．（5分）已知集合A={1，3，（　　） A．0或

=

}，B={1，m}，A∪B=A，则m的值为

B．0或3 C．1或

D．1或3 【考点】1C：集合关系中的参数取值问题． 【专题】5J：集合． 【分析】由题设条件中本题可先由条件A∪B=A得出B⊆A，由此判断出参数m可能的取值，再进行验证即可得出答案选出正确选项． 第5页（共25页） 【解答】解：由题意A∪B=A，即B⊆A，又∴m=3或m=

，解得m=3或m=0及m=1， ，B={1，m}， 验证知，m=1不满足集合的互异性，故m=0或m=3即为所求， 故选：B． 【点评】本题考查集合中参数取值问题，解题的关键是将条件A∪B=A转化为B⊆A，再由集合的包含关系得出参数所可能的取值． 　 3．（5分）椭圆的中心在原点，焦距为4，一条准线为x=﹣4，则该椭圆的方程为（　　） A．

B．

C．

D．

【考点】K3：椭圆的标准方程；K4：椭圆的性质． 【专题】11：计算题． 【分析】确定椭圆的焦点在x轴上，根据焦距为4，一条准线为x=﹣4，求出几何量，即可求得椭圆的方程． 【解答】解：由题意，椭圆的焦点在x轴上，且∴c=2，a2=8 ∴b2=a2﹣c2=4 ∴椭圆的方程为故选：C． 【点评】本题考查椭圆的标准方程，考查椭圆的几何性质，属于基础题． 　 4．（5分）已知正四棱柱ABCD﹣A1B1C1D1中，AB=2，CC1=2点，则直线AC1与平面BED的距离为（　　） A．2 B．

，E为CC1的中

C．

第6页（共25页） D．1 【考点】MI：直线与平面所成的角． 【专题】11：计算题． 【分析】先利用线面平行的判定定理证明直线C1A∥平面BDE，再将线面距离转化为点面距离，最后利用等体积法求点面距离即可 【解答】解：如图：连接AC，交BD于O，在三角形CC1A中，易证OE∥C1A，从而C1A∥平面BDE， ∴直线AC1与平面BED的距离即为点A到平面BED的距离，设为h， 在三棱锥E﹣ABD中，VE﹣ABD=S△ABD×EC=××2×2×在三棱锥A﹣BDE中，BD=2∴VA﹣BDE=×S△EBD×h=×2∴h=1 故选：D． ，BE=×h=

，DE=

=

，∴S△EBD=×2×=2

【点评】本题主要考查了线面平行的判定，线面距离与点面距离的转化，三棱锥的体积计算方法，等体积法求点面距离的技巧，属基础题 　 5．（5分）已知等差数列{an}的前n项和为Sn，a5=5，S5=15，则数列

的前100项和为（　　） A．

B．

C．

D．

【考点】85：等差数列的前n项和；8E：数列的求和． 【专题】11：计算题． 第7页（共25页） 【分析】由等差数列的通项公式及求和公式，结合已知可求a1，d，进而可求an，代入可得

=

=

，裂项可求和 【解答】解：设等差数列的公差为d 由题意可得，

解方程可得，d=1，a1=1 由等差数列的通项公式可得，an=a1+（n﹣1）d=1+（n﹣1）×1=n ∴

=

=

=1﹣=

故选：A． 【点评】本题主要考查了等差数列的通项公式及求和公式的应用，及数列求和的裂项求和方法的应用，属于基础试题 　 6．（5分）△ABC中，AB边的高为CD，若|=2，则A．

=，=，•=0，||=1，|

=（　　） B．

C．

D．

【考点】9Y：平面向量的综合题． 【分析】由题意可得，CA⊥CB，CD⊥AB，由射影定理可得，AC2=AD•AB可求AD，进而可求

，从而可求

与

的关系，进而可求 【解答】解：∵•=0， ∴CA⊥CB ∵CD⊥AB ∵||=1，||=2 ∴AB=

第8页（共25页） 由射影定理可得，AC2=AD•AB ∴

∴∴

=

=

故选：D． 【点评】本题主要考查了直角三角形的射影定理的应用，向量的基本运算的应用，向量的数量积的性质的应用． 　 7．（5分）已知α为第二象限角，A．﹣

，则cos2α=（　　） C．

B．﹣

D．

【考点】GG：同角三角函数间的基本关系；GS：二倍角的三角函数． 【专题】56：三角函数的求值． 【分析】由α为第二象限角，可知sinα＞0，cosα＜0，从而可求得sinα﹣cosα=

，利用cos2α=﹣（sinα﹣cosα）（sinα+cosα）可求得cos2α 【解答】解：∵sinα+cosα=∴sin2α=﹣，① ∴（sinα﹣cosα）2=1﹣sin2α=， ∵α为第二象限角， ∴sinα＞0，cosα＜0， ∴sinα﹣cosα=

，② ，两边平方得：1+sin2α=， ∴cos2α=﹣（sinα﹣cosα）（sinα+cosα） 第9页（共25页） =（﹣=﹣

． ）×

故选：A． 【点评】本题考查同角三角函数间的基本关系，突出二倍角的正弦与余弦的应用，求得sinα﹣cosα=　 8．（5分）已知F1、F2为双曲线C：x2﹣y2=2的左、右焦点，点P在C上，|PF1|=2|PF2|，则cos∠F1PF2=（　　） A． 是关键，属于中档题． B． C． D． 【考点】KC：双曲线的性质． 【专题】11：计算题． 【分析】根据双曲线的定义，结合|PF1|=2|PF2|，利用余弦定理，即可求cos∠F1PF2的值． 【解答】解：将双曲线方程x2﹣y2=2化为标准方程c=2， 设|PF1|=2|PF2|=2m，则根据双曲线的定义，|PF1|﹣|PF2|=2a可得m=2∴|PF1|=4

，|PF2|=2

， ， ﹣

=1，则a=

，b=

，

∵|F1F2|=2c=4， ∴cos∠F1PF2=故选：C． 【点评】本题考查双曲线的性质，考查双曲线的定义，考查余弦定理的运用，属于中档题． 　 9．（5分）已知x=lnπ，y=log52，A．x＜y＜z B．z＜x＜y ，则（　　） C．z＜y＜x D．y＜z＜x ===． 第10页（共25页） 【考点】72：不等式比较大小． 【专题】11：计算题；16：压轴题． 【分析】利用x=lnπ＞1，0＜y=log52＜，1＞z=【解答】解：∵x=lnπ＞lne=1， 0＜log52＜log51=e0＞

=

=，即y∈（0，）； ＞

=，即z∈（，1）， ＞，即可得到答案． ∴y＜z＜x． 故选：D． 【点评】本题考查不等式比较大小，掌握对数函数与指数函数的性质是解决问题的关键，属于基础题． 　 10．（5分）已知函数y=x3﹣3x+c的图象与x轴恰有两个公共点，则c=（　　） A．﹣2或2 B．﹣9或3 C．﹣1或1 D．﹣3或1 【考点】53：函数的零点与方程根的关系；6D：利用导数研究函数的极值． 【专题】11：计算题． 【分析】求导函数，确定函数的单调性，确定函数的极值点，利用函数y=x3﹣3x+c的图象与x轴恰有两个公共点，可得极大值等于0或极小值等于0，由此可求c的值． 【解答】解：求导函数可得y′=3（x+1）（x﹣1）， 令y′＞0，可得x＞1或x＜﹣1；令y′＜0，可得﹣1＜x＜1； ∴函数在（﹣∞，﹣1），（1，+∞）上单调增，（﹣1，1）上单调减， ∴函数在x=﹣1处取得极大值，在x=1处取得极小值． ∵函数y=x3﹣3x+c的图象与x轴恰有两个公共点， ∴极大值等于0或极小值等于0． ∴1﹣3+c=0或﹣1+3+c=0， 第11页（共25页） ∴c=﹣2或2． 故选：A． 【点评】本题考查导数知识的运用，考查函数的单调性与极值，解题的关键是利用极大值等于0或极小值等于0． 　 11．（5分）将字母a，a，b，b，c，c排成三行两列，要求每行的字母互不相同，每列的字母也互不相同，则不同的排列方法共有（　　） A．12种 B．18种 C．24种 D．36种 【考点】D9：排列、组合及简单计数问题． 【专题】11：计算题；16：压轴题． 【分析】由题意，可按分步原理计数，对列的情况进行讨论比对行讨论更简洁． 【解答】解：由题意，可按分步原理计数， 首先，对第一列进行排列，第一列为a，b，c的全排列，共有

种， 再分析第二列的情况，当第一列确定时，第二列第一行只能有2种情况， 当第二列一行确定时，第二列第2，3行只能有1种情况； 所以排列方法共有：故选：A． 【点评】本题若讨论三行每一行的情况，讨论情况较繁琐，而对两列的情况进行分析会大大简化解答过程． 　 12．（5分）正方形ABCD的边长为1，点E在边AB上，点F在边BC上，

，动点P从E出发沿直线向F运动，每当碰到正方形的边时反弹，

反弹时反射角等于入射角，当点P第一次碰到E时，P与正方形的边碰撞的次数为（　　） A．16 第12页（共25页） ×2×1×1=12种， B．14 C．12 D．10 【考点】IG：直线的一般式方程与直线的性质；IQ：与直线关于点、直线对称的直线方程． 【专题】13：作图题；16：压轴题． 【分析】通过相似三角形，来确定反射后的点的落的位置，结合图象分析反射的次数即可． 【解答】解：根据已知中的点E，F的位置，可知第一次碰撞点为F，在反射的过程中，直线是平行的，利用平行关系及三角形的相似可得第二次碰撞点为G，且CG=

，第二次碰撞点为H，且DH=

，作图， 可以得到回到E点时，需要碰撞14次即可． 故选：B． 【点评】本题主要考查了反射原理与三角形相似知识的运用．通过相似三角形，来确定反射后的点的落的位置，结合图象分析反射的次数即可，属于难题． 　 二、填空题：本大题共4小题，每小题5分，共20分，把答案填在题中横线上．（注意：在试题卷上作答无效） 13．（5分）若x，y满足约束条件

第13页（共25页） 则z=3x﹣y的最小值为　﹣1　． 【考点】7C：简单线性规划． 【专题】11：计算题． 【分析】作出不等式组表示的平面区域，由z=3x﹣y可得y=3x﹣z，则﹣z表示直线3x﹣y﹣z=0在y轴上的截距，截距越大z越小，结合图形可求 【解答】解：作出不等式组

表示的平面区域，如图所示 由z=3x﹣y可得y=3x﹣z，则﹣z表示直线3x﹣y﹣z=0在y轴上的截距，截距越大z越小 结合图形可知，当直线z=3x﹣y过点C时z最小 由

可得C（0，1），此时z=﹣1 故答案为：﹣1 【点评】本题主要考查了线性规划的简单应用，解题的关键是明确目标函数中z的几何意义，属于基础试题 　 14．（5分）当函数y=sinx﹣

cosx（0≤x＜2π）取得最大值时，x=　　． 【考点】GP：两角和与差的三角函数；HW：三角函数的最值． 第14页（共25页） 【专题】11：计算题；16：压轴题． 【分析】利用辅助角公式将y=sinx﹣2π），即可求得y=sinx﹣【解答】解：∵y=sinx﹣∵0≤x＜2π， ∴﹣

≤x﹣

＜

， =

， cosx化为y=2sin（x﹣

）（0≤x＜

cosx（0≤x＜2π）取得最大值时x的值． cosx）=2sin（x﹣

）． cosx=2（sinx﹣

∴ymax=2，此时x﹣∴x=

． ． 故答案为：

【点评】本题考查三角函数的最值两与角和与差的正弦函数，着重考查辅助角公式的应用与正弦函数的性质，将y=sinx﹣（x﹣　 15．（5分）若开式中

cosx（0≤x＜2π）化为y=2sin

）（0≤x＜2π）是关键，属于中档题． 的展开式中第3项与第7项的二项式系数相等，则该展

的系数为　56　． 【考点】DA：二项式定理． 【专题】11：计算题；16：压轴题． 【分析】根据第2项与第7项的系数相等建立等式，求出n的值，根据通项可求满足条件的系数 【解答】解：由题意可得，∴n=8 展开式的通项令8﹣2r=﹣2可得r=5 此时系数为

=56 =

第15页（共25页） 故答案为：56 【点评】本题主要考查了二项式系数的性质，以及系数的求解，解题的关键是根据二项式定理写出通项公式，同时考查了计算能力． 　 16．（5分）三棱柱ABC﹣A1B1C1中，底面边长和侧棱长都相等，∠BAA1=∠CAA1=60°，则异面直线AB1与BC1所成角的余弦值为　

　． 【考点】LM：异面直线及其所成的角． 【专题】11：计算题；16：压轴题． 【分析】先选一组基底，再利用向量加法和减法的三角形法则和平行四边形法则将两条异面直线的方向向量用基底表示，最后利用夹角公式求异面直线AB1与BC1所成角的余弦值即可 【解答】解：如图，设则∵∴=||

﹣|=|=

，+=，

，=（+

）•（=﹣1++1=1 ==＞=

=

=，= ，，棱长均为1， =，

）=﹣++﹣+

==

∴cos＜=

∴异面直线AB1与BC1所成角的余弦值为

第16页（共25页） 【点评】本题主要考查了空间向量在解决立体几何问题中的应用，空间向量基本定理，向量数量积运算的性质及夹角公式的应用，有一定的运算量 　 三.解答题：本大题共6小题，共70分，解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤． 17．（10分）△ABC的内角A、B、C的对边分别为a、b、c，已知cos（A﹣C）+cosB=1，a=2c，求C． 【考点】GL：三角函数中的恒等变换应用；HP：正弦定理． 【专题】11：计算题． 【分析】由cos（A﹣C）+cosB=cos（A﹣C）﹣cos（A+C）=1，可得sinAsinC=，由a=2c及正弦定理可得sinA=2sinC，联立可求C 【解答】解：由B=π﹣（A+C）可得cosB=﹣cos（A+C） ∴cos（A﹣C）+cosB=cos（A﹣C）﹣cos（A+C）=2sinAsinC=1 ∴sinAsinC=① 由a=2c及正弦定理可得sinA=2sinC② ①②联立可得，∵0＜C＜π ∴sinC= a=2c即a＞c 【点评】本题主要考查了两角和与差的余弦公式及正弦定理的应用，属于基础

第17页（共25页） 试题 　 18．（12分）如图，四棱锥P﹣ABCD中，底面ABCD为菱形，PA⊥底面ABCD，

，PA=2，E是PC上的一点，PE=2EC． （Ⅰ）证明：PC⊥平面BED； （Ⅱ）设二面角A﹣PB﹣C为90°，求PD与平面PBC所成角的大小． 【考点】LW：直线与平面垂直；MI：直线与平面所成的角；MM：向量语言表述线面的垂直、平行关系． 【专题】11：计算题． 【分析】（I）先由已知建立空间直角坐标系，设D（

，b，0），从而写出相

关点和相关向量的坐标，利用向量垂直的充要条件，证明PC⊥BE，PC⊥DE，从而利用线面垂直的判定定理证明结论即可； （II）先求平面PAB的法向量，再求平面PBC的法向量，利用两平面垂直的性质，即可求得b的值，最后利用空间向量夹角公式即可求得线面角的正弦值，进而求得线面角 【解答】解：（I）以A为坐标原点，建立如图空间直角坐标系A﹣xyz， 设D（

，b，0），则C（2

，﹣b，0） ，0，﹣2），

=（

，b，），

=（

，﹣b，） ，0，0），P（0，0，2），E（

，0，

），B（∴

=（2

第18页（共25页） ∴•=﹣=0，•=0 ∴PC⊥BE，PC⊥DE，BE∩DE=E ∴PC⊥平面BED （II）

=（0，0，2），

=（

，﹣b，0） 设平面PAB的法向量为=（x，y，z），则取=（b，

，0） 设平面PBC的法向量为=（p，q，r），则

取=（1，﹣，） ∵平面PAB⊥平面PBC，∴•=b﹣=0．故b=∴=（1，﹣1，∴cos＜

，＞=

），

=（﹣

，﹣

，2） = ]，则sinθ= 设PD与平面PBC所成角为θ，θ∈[0，∴θ=30° ∴PD与平面PBC所成角的大小为30° 【点评】本题主要考查了利用空间直角坐标系和空间向量解决立体几何问题的

第19页（共25页） 一般方法，线面垂直的判定定理，空间线面角的求法，有一定的运算量，属中档题 　 19．（12分）乒乓球比赛规则规定：一局比赛，双方比分在10平前，一方连续发球2次后，对方再连续发球2次，依次轮换．每次发球，胜方得1分，负方得0分．设在甲、乙的比赛中，每次发球，发球方得1分的概率为0.6，各次发球的胜负结果相互独立．甲、乙的一局比赛中，甲先发球． （Ⅰ）求开始第4次发球时，甲、乙的比分为1比2的概率； （Ⅱ）ξ表示开始第4次发球时乙的得分，求ξ的期望． 【考点】C8：相互独立事件和相互独立事件的概率乘法公式；CH：离散型随机变量的期望与方差． 【专题】15：综合题． 【分析】（Ⅰ）记Ai表示事件：第1次和第2次这两次发球，甲共得i分，i=0，1，2；A表示事件：第3次发球，甲得1分；B表示事件：开始第4次发球，甲、乙的比分为1比2，则B=A0A+A1

，根据P（A）=0.4，P（A0）

=0.16，P（A1）=2×0.6×0.4=0.48，即可求得结论； （Ⅱ）P（A2）=0.62=0.36，ξ表示开始第4次发球时乙的得分，可取0，1，2，3，计算相应的概率，即可求得ξ的期望． 【解答】解：（Ⅰ）记Ai表示事件：第1次和第2次这两次发球，甲共得i分，i=0，1，2；A表示事件：第3次发球，甲得1分； B表示事件：开始第4次发球，甲、乙的比分为1比2，则B=A0A+A1∵P（A）=0.4，P（A0）=0.16，P（A1）=2×0.6×0.4=0.48 ∴P（B）=0.16×0.4+0.48×（1﹣0.4）=0.352； （Ⅱ）P（A2）=0.62=0.36，ξ表示开始第4次发球时乙的得分，可取0，1，2，3 P（ξ=0）=P（A2A）=0.36×0.4=0.144 P（ξ=2）=P（B）=0.352 P（ξ=3）=P（A0

）=0.16×0.6=0.096 第20页（共25页） P（ξ=1）=1﹣0.144﹣0.352﹣0.096=0.408 ∴ξ的期望Eξ=1×0.408+2×0.352+3×0.096=1.400． 【点评】本题考查相互独立事件的概率，考查离散型随机变量的期望，确定变量的取值，计算相应的概率是关键． 　 20．（12分）设函数f（x）=ax+cosx，x∈[0，π]． （Ⅰ）讨论f（x）的单调性； （Ⅱ）设f（x）≤1+sinx，求a的取值范围． 【考点】6B：利用导数研究函数的单调性；6E：利用导数研究函数的最值． 【专题】15：综合题． 【分析】（Ⅰ）求导函数，可得f'（x）=a﹣sinx，x∈[0．π]，sinx∈[0，1]，对a进行分类讨论，即可确定函数的单调区间； （Ⅱ）由f（x）≤1+sinx得f（π）≤1，aπ﹣1≤1，可得a≤（x）=sinx﹣①0≤x

（0≤x；②

），可得g（x）≥0（0≤x，即可得到结论． ，构造函数g），再考虑：

【解答】解：（Ⅰ）求导函数，可得f'（x）=a﹣sinx，x∈[0，π]，sinx∈[0，1]； 当a≤0时，f'（x）≤0恒成立，f（x）单调递减；当a≥1 时，f'（x）≥0恒成立，f（x）单调递增； 当0＜a＜1时，由f'（x）=0得x1=arcsina，x2=π﹣arcsina 当x∈[0，x1]时，sinx＜a，f'（x）＞0，f（x）单调递增 当x∈[x1，x2]时，sinx＞a，f'（x）＜0，f（x）单调递减 当x∈[x2，π]时，sinx＜a，f'（x）＞0，f（x）单调递增； （Ⅱ）由f（x）≤1+sinx得f（π）≤1，aπ﹣1≤1，∴a≤令g（x）=sinx﹣当x∵

（0≤x

），则g′（x）=cosx﹣

． 时，g′（x）＞0，当，∴g（x）≥0，即

第21页（共25页） 时，g′（x）＜0 （0≤x

）， 当a≤时，有

时，时，． ①当0≤x②当综上，a≤

，cosx≤1，所以f（x）≤1+sinx； =1+

≤1+sinx 【点评】本题考查导数知识的运用，考查函数的单调性，考查函数的最值，解题的关键是正确求导，确定函数的单调性． 　 21．（12分）已知抛物线C：y=（x+1）2与圆

0）有一个公共点A，且在A处两曲线的切线为同一直线l． （Ⅰ）求r； （Ⅱ）设m，n是异于l且与C及M都相切的两条直线，m，n的交点为D，求D到l的距离． （r＞

【考点】IM：两条直线的交点坐标；IT：点到直线的距离公式；KJ：圆与圆锥曲线的综合． 【专题】15：综合题；16：压轴题． 【分析】（Ⅰ）设A（x0，（x0+1）2），根据y=（x+1）2，求出l的斜率，圆心M（1，），求得MA的斜率，利用l⊥MA建立方程，求得A的坐标，即可求得r的值； （Ⅱ）设（t，（t+1）2）为C上一点，则在该点处的切线方程为y﹣（t+1）2=2（t+1）（x﹣t），即y=2（t+1）x﹣t2+1，若该直线与圆M相切，则圆心M到该切线的距离为

，建立方程，求得t的值，求出相应的切线方程，可得

D的坐标，从而可求D到l的距离． 【解答】解：（Ⅰ）设A（x0，（x0+1）2）， ∵y=（x+1）2，y′=2（x+1） ∴l的斜率为k=2（x0+1） 当x0=1时，不合题意，所以x0≠1 第22页（共25页） 圆心M（1，），MA的斜率． ∵l⊥MA，∴2（x0+1）×∴x0=0，∴A（0，1）， ∴r=|MA|=

； =﹣1 （Ⅱ）设（t，（t+1）2）为C上一点，则在该点处的切线方程为y﹣（t+1）2=2（t+1）（x﹣t），即y=2（t+1）x﹣t2+1 若该直线与圆M相切，则圆心M到该切线的距离为

∴

∴t2（t2﹣4t﹣6）=0 ∴t0=0，或t1=2+

，t2=2﹣

抛物线C在点（ti，（ti+1）2）（i=0，1，2）处的切线分别为l，m，n，其方程分别为 y=2x+1①，y=2（t1+1）x﹣②﹣③：x=代入②可得：y=﹣1 ∴D（2，﹣1）， ∴D到l的距离为

②，y=2（t2+1）x﹣

③ 【点评】本题考查圆与抛物线的综合，考查抛物线的切线方程，考查导数知识的运用，考查点到直线的距离公式的运用，关键是确定切线方程，求得交点坐标． 　 22．（12分）函数f（x）=x2﹣2x﹣3，定义数列{ xn}如下：x1=2，xn+1是过两点P（4，5），Qn（ xn，f（ xn））的直线PQn与x轴交点的横坐标． （Ⅰ）证明：2≤xn＜xn+1＜3； （Ⅱ）求数列{ xn}的通项公式． 第23页（共25页） 【考点】8H：数列递推式；8I：数列与函数的综合． 【专题】15：综合题；16：压轴题． 【分析】（Ⅰ）用数学归纳法证明：①n=1时，x1=2，直线PQ1的方程为

，当y=0时，可得

2≤xk＜xk+1＜3，直线PQk+1的方程为

；②假设n=k时，结论成立，即

，当y=0时，可

得

，根据归纳假设2≤xk＜xk+1＜3，可以证明2≤xk+1＜xk+2＜

3，从而结论成立． （Ⅱ）由（Ⅰ），可得

，构造bn=xn﹣3，可得

是以﹣为首

项，5为公比的等比数列，由此可求数列{ xn}的通项公式． 【解答】（Ⅰ）证明：①n=1时，x1=2，直线PQ1的方程为当y=0时，∴

，∴2≤x1＜x2＜3； ②假设n=k时，结论成立，即2≤xk＜xk+1＜3，直线PQk+1的方程为

当y=0时，∴∵2≤xk＜xk+1＜3，∴

∴xk+1＜xk+2 ∴2≤xk+1＜xk+2＜3 即n=k+1时，结论成立 由①②可知：2≤xn＜xn+1＜3； 第24页（共25页） （Ⅱ）由（Ⅰ），可得设bn=xn﹣3，∴∴∴∴∴∴

是以﹣为首项，5为公比的等比数列 ． 【点评】本题考查数列的通项公式，考查数列与函数的综合，解题的关键是从函数入手，确定直线方程，求得交点坐标，再利用数列知识解决． 　

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